次元定理

$$\newcommand{AA}[0]{\mathscr{A}} \newcommand{abs}[1]{\left\lvert#1\right\rvert} \newcommand{angleb}[1]{\left\langle #1 \right\rangle} \newcommand{Arg}[0]{\operatorname{Arg}} \newcommand{Ba}[0]{\mathbf{a}} \newcommand{BB}[0]{\mathscr{B}} \newcommand{Bb}[0]{\mathbf{b}} \newcommand{Be}[0]{\mathbf{e}} \newcommand{Bu}[0]{\mathbf{u}} \newcommand{Bv}[0]{\mathbf{v}} \newcommand{Bw}[0]{\mathbf{w}} \newcommand{Bx}[0]{\mathbf{x}} \newcommand{By}[0]{\mathbf{y}} \newcommand{Bzr}[0]{\mathbf{0}} \newcommand{C}[0]{\mathbb{C}} \newcommand{CC}[0]{\mathscr{C}} \newcommand{F}[0]{\mathbb{F}} \newcommand{floor}[1]{\left\lfloor#1\right\rfloor} \newcommand{im}[0]{\operatorname{Im}} \newcommand{ind}[0]{\mathrm{ind}} \newcommand{K}[0]{\mathbb{K}} \newcommand{Ker}[0]{\operatorname{Ker}} \newcommand{L}[0]{\mathbb{L}} \newcommand{mmod}[1]{\ \left(\mathrm{mod}\ #1\right)} \newcommand{Mod}[1]{\ \left(\mathrm{mod}\ #1\right)} \newcommand{N}[0]{\mathbf{N}} \newcommand{ord}[0]{\mathrm{ord}} \newcommand{Q}[0]{\mathbb{Q}} \newcommand{R}[0]{\mathbb{R}} \newcommand{rank}[0]{\operatorname{rank}} \newcommand{span}[0]{\operatorname{span}} \newcommand{SS}[0]{\mathscr{S}} \newcommand{TT}[0]{\mathscr{T}} \newcommand{UU}[0]{\mathscr{U}} \newcommand{wenvert}[1]{\left\lvert\left\lvert#1\right\rvert\right\rvert} \newcommand{Z}[0]{\mathbb{Z}} $$

$f\colon V \to W$$\K$ 上のベクトル空間 $V$, $W$ 間の線形写像とする。このとき、
$f$ が単射 $\Longleftrightarrow$ $\Ker f=\{\Bzr\}$.

$f(\Bzr)=\Bzr$ なので、$f$ が単射ならば、$f(\Bv)=\Bzr$ となる $\Bv\in V$$\Bzr$ しかない。
逆に、$\Bv\neq \Bw$ かつ $f(\Bv)=f(\Bw)$ となるベクトル $\Bv, ~ \Bw\in V$ が存在するとき、
$f(\Bv-\Bw)=\Bzr$ より、$\Bv-\Bw\in \Ker f$ となるから、$\Ker f\neq \{\Bzr\}$.

$\K$ 上のベクトル空間 $V$, $W$ 間の線形写像 $f\colon V \to W$ が単射であるとき、
$\Bv_1, \ldots, \Bv_n$ が線形独立 $\Longleftrightarrow$ $f(\Bv_1), \ldots, f(\Bv_n)$ が線形独立。

$\Bv_1, \ldots, \Bv_n$ が線形独立 とする。
$$k_1 f(\Bv_1)+\cdots +k_n f(\Bv_n)=\Bzr$$
が成り立つとき、
$$f(k_1\Bv_1+\cdots +k_n\Bv_n)=k_1 f(\Bv_1)+\cdots +k_n f(\Bv_n)=\Bzr$$
となるが、$f$ は単射なので、$k_1\Bv_1+\cdots +k_n\Bv_n=\Bzr$ となるから
$k_1=\cdots =k_n=0$ でなければならない。よって、$f(\Bv_1), \ldots, f(\Bv_n)$ も線形独立。
逆は 前ページの定理4 で示した通り。

次元定理

$V$$\K$ 上有限次元のベクトル空間
$f\colon V \to W$$\K$ 上のベクトル空間 $V$, $W$ 間の線形写像とする。このとき、
$$\dim V=\dim \Ker f + \dim \im f.$$

$\dim \im f\leq \dim V$ となることは、 前ページの定理4 の後に示したから、$\im f$ の基底を一組とることができるので、これを $\Bw_1, \ldots, \Bw_r$ とする。
$i=1, \ldots, r$ について、$\Bw_i\in \im f$ だから、$f(\Bv_i)=\Bw_i$ となる $\Bv_i$ をとることができる。$\Ker f$ の基底を一組とり、これを $\Bv_{r+1}, \ldots, \Bv_{r+s}$ とする。このとき、$\Bv_1, \ldots, \Bv_{r+s}$$V$ の基底となることを示す。まず $V=\langle\Bv_1, \ldots, \Bv_{r+s}\rangle$ を示す。$\Bu\in V$ について、
$$f(\Bu)=a_1\Bw_1+\cdots +a_r\Bw_r$$
とおくと、
$$f(\Bu-(a_1\Bv_1+\cdots +a_r\Bv_r))=f(\Bu)-f(a_1\Bv_1+\cdots +a_r\Bv_r)=\Bzr$$
となるから、$\Bu-(a_1\Bv_1+\cdots +a_r\Bv_r)\in \Ker f$. よって
$$\Bu-(a_1\Bv_1+\cdots +a_r\Bv_r)=a_{r+1}\Bv_{r+1}+\cdots +a_{r+s}\Bv_{r+s}$$
となる $a_{r+1}, \ldots, a_{r+s}\in\K$ がとれるから、
$$\Bu=a_1\Bv_1+\cdots +a_{r+s}\Bv_{r+s}\in \langle\Bv_1, \ldots, \Bv_{r+s}\rangle$$
となる。よって、$V=\langle\Bv_1, \ldots, \Bv_{r+s}\rangle$ となる。

つぎに、$\Bv_1, \ldots, \Bv_{r+s}$ が線形独立であることを示す。
$$k_1\Bv_1+\cdots +k_{r+s}\Bv_{r+s}=\Bzr$$
と仮定する。このとき
$$k_1\Bv_1+\cdots +k_r\Bv_r=-(k_{r+1}\Bv_{r+1}+\cdots +k_{r+s}\Bv_{r+s})$$
より、
$$f(k_1\Bv_1+\cdots +k_r\Bv_r)=-f(k_{r+1}\Bv_{r+1}+\cdots +k_{r+s}\Bv_{r+s})=\Bzr$$
つまり
$$k_1 \Bw_1+\cdots +k_r\Bw_r=k_1 f(\Bv_1)+\cdots +k_r f(\Bv_r)=\Bzr$$
となるが、$\Bw_1, \ldots, \Bw_r$ は線形独立だから、$k_1=\cdots =k_r=0$,
よって
$$k_{r+1}\Bv_{r+1}+\cdots +k_{r+s}\Bv_{r+s}=-(k_1\Bv_1+\cdots +k_r\Bv_r)=\Bzr$$
となるが、$\Bv_{r+1}, \ldots, \Bv_{r+s}$ は線形独立だから、$k_{r+1}=\cdots =k_{r+s}=0$.
よって $k_1=\cdots =k_{r+s}=0$ でなければならないから、$\Bv_1, \ldots, \Bv_{r+s}$ は線形独立。
これらのことから、$\Bv_1, \ldots, \Bv_{r+s}$$V$ の基底なので、
$$\dim V=s+r=\dim \Ker f + \dim \im f.$$

参考文献

[1]
Serge Lang, Linear Algebra, 3rd ed., Undergraduate Texts in Mathematics, Springer, 1987
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